leetcode_day33

本文最后更新于 2024年8月18日 下午

今日内容:

452. 用最少数量的箭引爆气球

题目:

有一些球形气球贴在一堵用 XY 平面表示的墙面上。墙面上的气球记录在整数数组 points ,其中 $points[i] = [x_{start}, x_{end}] $ 表示水平直径在 \(x_{start}\)\(x_{end}\)之间的气球。你不知道气球的确切 y 坐标。

一支弓箭可以沿着 x 轴从不同点 完全垂直 地射出。在坐标 x 处射出一支箭,若有一个气球的直径的开始和结束坐标为\(x_{start}\)\(x_{end}\), 且满足 \(x_{start} ≤ x ≤ x_{end}\),则该气球会被 引爆 。可以射出的弓箭的数量 没有限制 。 弓箭一旦被射出之后,可以无限地前进。

给你一个数组 points ,返回引爆所有气球所必须射出的 最小 弓箭数 。

思路:

按照直观思维,肯定要找重叠部分,再按贪心分析,局部最优是射重叠部分,全局最优是尽可能多射重叠部分来减少箭数

此时不妨画个图来分析,脑子好也可以直接想象,用线段表示气球直径范围,以下图为例,很容易看出答案是两根箭,但是我们是如何得出答案的呢,背后的依赖逻辑是什么

帮助分析线段图

此时发散思维,不难想到跟开始和结束点有关,此前做过类似题则更容易想到,以结束点为标准,从左往右开始射,必须照顾到最早结束的气球,否则就会漏掉,那么我们就能得到如下贪心策略:(大白话版)

按起点排序,记录气球结束点按最近的来,若结束点超过了这个最近结束点,则一支箭就不够了。

代码

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class Solution {
public:
static bool cmp(const vector<int> & a, const vector<int> & b) {
return a[0] < b[0];
}
//按起点排序,记录气球结束点按最近的来,若结束点超过了这个最近结束点,则一支箭就不够了
int findMinArrowShots(vector<vector<int>>& points) {
sort(points.begin(), points.end(), cmp);
int end = points[0][1];
int nextBallon = 0;//新的起点
int arrow = 1;//箭数
for(int i = 0;i < points.size();i++) {
if(end < points[i][0]) {
nextBallon = i;
arrow++;
end = points[i][1];
}
end = min(end, points[i][1]);
}
return arrow;
}
};

435. 无重叠区间

题目:

给定一个区间的集合 intervals ,其中 intervals[i] = [start_i, end_i] 。返回需要移除区间的最小数量,使剩余区间互不重叠 。

思路:

由于之前做过一道安排活动的题目,大概意思就是有很多活动(区间),请在不重叠的前提下安排尽可能多的活动。与此题很像

安排活动题就是按结束时间从早到晚排序,先安排早的,这样就有局部最优:留出更多的时间给之后的活动,如果结束时间相同,则为了多,选择更短的活动,以留出更多时间给更早的活动

那么这道题也可以迁移这个策略,移除最少就是保留最多嘛。

这道题比较经典,carl给了很多思路,建议阅读:代码随想录 | 无重叠区间

代码

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class Solution {
public:
static bool cmp(const vector<int> & a, const vector<int> & b) {
return a[1] == b[1] ? a[0] > b[0] : a[1] < b[1];
}
//移除最少那就保留最多,移除长的,保留短的
//保留最多就要流出足够多的时间给后面的区间,所以结束时间要早
//那么应该按结束时间排序,如果结束相同,那么选择开始时间最晚的
int eraseOverlapIntervals(vector<vector<int>>& intervals) {
sort(intervals.begin(), intervals.end(), cmp);
int end = intervals[0][1];
int save = 1;//保留的活动数
for(int i = 1;i < intervals.size();i++) {
if(intervals[i][0] < end) continue;
else {
save++;
end = intervals[i][1];
}
}
return intervals.size() - save;
}
};

763. 划分字母区间

题目:

给你一个字符串 s 。我们要把这个字符串划分为尽可能多的片段,同一字母最多出现在一个片段中。

注意,划分结果需要满足:将所有划分结果按顺序连接,得到的字符串仍然是 s 。

返回一个表示每个字符串片段的长度的列表。

思路:

一开始有点懵,然后迁移之前的思路想到可以将字母出现的范围视作区间,那就又成了区间不重叠问题。

但这个思路编码有点复杂,速度也不快

carl的直截了当思路简直优雅👍:

  • 统计每一个字符最后出现的位置
  • 从头遍历字符,并更新字符的最远出现下标,如果找到字符最远出现位置下标和当前下标相等了,则找到了分割点
太巧妙辣!

代码

个人14%代码😭

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class Solution {
public:
static bool cmp(const vector<int> & a, const vector<int> b) {
return a[0] < b[0];
}
//尽可能多的片段,且是分割,是连续的,只在前面出现的字母,统计各字母首次和默次出现构成区间
//按区间开始排序,目的是分出尽可能多的组,原理相同
vector<int> partitionLabels(string s) {
vector<vector<int>> points;//存各字母的区间
vector<int> ans;
//获取s中各字母的区间
points = getSection(s);
//写代码能力太弱,有点费时间啊……
sort(points.begin(), points.end(), cmp);
int right = points[0][1], left = 0;
for(int i = 1;i < points.size();i++) {
if(points[i][0] > right) {
ans.push_back(right - left + 1);
left = points[i][0];
}
right = max(right, points[i][1]);
}
ans.push_back(right - left + 1);
return ans;
}
vector<vector<int>> getSection(string s) {
vector<vector<int>> alpha(26, vector<int>(2, -1));//全部字母都留出空
vector<vector<int>> res;
for(int i = 0;i < s.size();i++) {
if(alpha[s[i] - 'a'][0] == -1) alpha[s[i] - 'a'][0] = i;//起点只记一次
alpha[s[i] - 'a'][1] = i;//终点不断更新
}
for(int i = 0;i < alpha.size();i++) {
if(alpha[i][0] != -1) res.push_back(alpha[i]);//结果只记录出现过的
}
return res;
}
};

carl优雅代码

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class Solution {
public:
vector<int> partitionLabels(string S) {
int hash[27] = {0}; // i为字符,hash[i]为字符出现的最后位置
for (int i = 0; i < S.size(); i++) { // 统计每一个字符最后出现的位置
hash[S[i] - 'a'] = i;
}
vector<int> result;
int left = 0;
int right = 0;
for (int i = 0; i < S.size(); i++) {
right = max(right, hash[S[i] - 'a']); // 找到字符出现的最远边界
if (i == right) {
result.push_back(right - left + 1);
left = i + 1;
}
}
return result;
}
};

leetcode_day33
https://novelyear.github.io/2024/07/01/leetcode-day33/
作者
Leoo Yann
更新于
2024年8月18日
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